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Slugを使ってページコンテンツを取得する

スラッグ文字列しかわからないときにページコンテンツを取得しようとしています。

これのための機能、またはこれをする簡単な方法がありますか、またはこれはSQLによってそれをすることのケースですか？

どうもありがとう

plugin-developmentphppagesslug
9
Alex

get_posts() とスラッグであるパラメータnameを使用します。

$page = get_posts( array( 'name' => 'your-slug' ) );

if ( $page )
{
    echo $page[0]->post_content;
}

get_posts()の投稿タイプのデフォルトは'post'です。 page が欲しいなら…

$page = get_posts(
    array(
        'name'      => 'your-slug',
        'post_type' => 'page'
    )
);

all publicの投稿タイプ（添付ファイルを除く）が必要な場合は、投稿タイプの引数を'any'に設定します。ナメクジはさまざまな投稿タイプで一意ではないため、複数の結果が得られる可能性があります。

27
fuxia

問題のスラグがあるページに

条件付きタグ ：について読んでください。
is_page() もスラッグを引数として取ります。

だから、

if( is_page( 'your-slug' ) ) {
     // fetch content
}

あなたが望むことをするでしょう。

別のページに

そのページでnotの時にスラッグに基づいて投稿/ページのコンテンツを取得する方法に興味があるなら、 get_posts スラッグを供給することもできます。これはコーデックスには文書化されていません。

以下は、スラッグからIDを取得します。

$args = array(
    'name' => 'your-slug'
);
$posts_from_slug = get_posts( $args );

// echo fetched content
echo $posts_from_slug[0]->post_content;
4
Johannes Pille

get_page_by_title() functionを使ってページのタイトルを取得することができます。

あなたはこれを使うことができます（あなたが内容を見せたいと仮定して）： 

$page = get_page_by_title('Your Title'); 
$content = apply_filters('the_content', $page->post_content);
echo $content;

ところで、slugを使ってページを取得するには： 

function get_page_id_by_slug($slug){
    global $wpdb;
    $id = $wpdb->get_var("SELECT ID FROM $wpdb->posts WHERE post_name = '".$slug."'AND post_type = 'page'");
    return $id;
}

$page = get_post(get_page_id_by_slug('my-slug'));
3
Sisir

get_page_by_pathを使用してください。

構文 

<?php get_page_by_path( $page_path, $output, $post_type ); ?>

Parameters

例： 

//Returns the animal with the slug 'cat'
get_page_by_path('cat', OBJECT, 'animal');

詳しくは WordPress関数リファレンス をご覧ください。

ページからテーマテンプレートを作成するときにこのコードを使います。

        $about = get_page_by_path('about'); 
        $content = apply_filters( 'the_content', $about->post_content ); 
        echo $content;
1
PlanetHackers